Ich habe folgende Funktion in PHP geschrieben:function getName($id) { global $conn; $sql = "SELECT Vorname, Nachname FROM mitglieder WHERE ID = `$id`"; $result = $conn->query($sql); if ($result->num_rows > 0) { $row = $result->fetch_assoc(); return $row['Vorname'] . " " . $row['Nachname']; } else { return ""; } } Aber aus irgendeinem Grund kommt immer folgende Fehlermeldung:Warning: Attempt to read property "num_rows" on bool in C:\xampp\htdocs\***********.php on line 35Diese Variable $conn funktioniert aber an anderer Stelle im globalen Code außerhalb dieser Funktion einwandfrei wie gewünscht und ich sehe vom Code her keinen nennenswerten Unterschied.Was ich bereits versucht habe:$conn als Parameter an die Funktion zu übergeben$conn in der Funktion selber zu definieren$conn in der Funktion selber definieren und dass $conn im globalen Code entfernenChatGPT nach dem Fehler fragenFolgende Fehlerabfrage einzubauen (dabei war $conn auch in der Funktion selber und NUR in der Funktion selber definiert):if ($conn->connect_error) { die("Serverfehler: " . $conn->connect_error); } Das führte aber nur zu folgender Fehlermeldung:Warning: Attempt to read property "connect_error" on null in C:\xampp\htdocs\*********.php on line 26Hat alles nichts geholfen. Wisst ihr wo der Fehler liegt?

php-Zugriff auf mysql funktioniert nicht?

Ich habe folgende Funktion in PHP geschrieben:

function getName($id) {
                global $conn;
                $sql = "SELECT Vorname, Nachname FROM mitglieder WHERE ID = `$id`";
                $result = $conn->query($sql);
                if ($result->num_rows > 0) {
                    $row = $result->fetch_assoc();
                    return $row['Vorname'] . " " . $row['Nachname'];
                } else {
                    return "";
                }
            }

Aber aus irgendeinem Grund kommt immer folgende Fehlermeldung:

Warning: Attempt to read property "num_rows" on bool in C:\xampp\htdocs\***********.php on line 35

Diese Variable $conn funktioniert aber an anderer Stelle im globalen Code außerhalb dieser Funktion einwandfrei wie gewünscht und ich sehe vom Code her keinen nennenswerten Unterschied.

Was ich bereits versucht habe:

$conn als Parameter an die Funktion zu übergeben
$conn in der Funktion selber zu definieren
$conn in der Funktion selber definieren und dass $conn im globalen Code entfernen
ChatGPT nach dem Fehler fragen
Folgende Fehlerabfrage einzubauen (dabei war $conn auch in der Funktion selber und NUR in der Funktion selber definiert):

if ($conn->connect_error) {
                die("Serverfehler: " . $conn->connect_error);
            }

Das führte aber nur zu folgender Fehlermeldung:

Warning: Attempt to read property "connect_error" on null in C:\xampp\htdocs\*********.php on line 26

Hat alles nichts geholfen. Wisst ihr wo der Fehler liegt?

3 Antworten

Vom Fragesteller als hilfreich ausgezeichnet

HANSPAULKlAUS

29.04.2024, 17:58

Hallo,
ich bin mir nicht ganz sicher, wo der Fehler genau liegt aber ich würde an Deiner Stelle mal folgendes versuchen:

1. In der getName-Funktion sollte bei der Definition der $sql-Variable um die $id-Variable herum keine `-Zeichen verwenden werden. Ich gehe davon aus, dass es sich bei der Id um einen numerischen Wert handelt, weshalb Du auf die `-Zeichen verzichten kannst. Du solltest in der Funktion allerdings vorab sicherstellen, dass der $id-Parameter als numerischer Wert übergeben wurde.

2. Die Meldung, die bei der $conn->connect_error-Abfrage ausgegeben wird, deutet daraufhin, dass die Verbindung zur Datenbank nicht erfolgreich hergestellt wurde. Ich würde hierzu, wie Du bereits geschrieben hast, einfach versuchen, die ganze Sache in der Funktion mit $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname); zu definieren.

3. Abschließend noch ein allgemeiner Hinweis. Um Probleme mit SQL-Injection zu vermeiden, würde ich Dir empfehlen Prepared-Statements zu verwenden. Der Code dazu ist zwar etwas aufwändiger, wird aber dadurch auch deutlich sicherer. Ich habe hierzu auch mal Chat-GPT befragt und habe diesbezüglich das folgende Code-Beispiel erhalten:

function getName($id) {
    global $conn;
    $sql = "SELECT Vorname, Nachname FROM mitglieder WHERE ID = ?";
    $stmt = $conn->prepare($sql);
    if ($stmt === false) {
        die("Prepare failed: " . $conn->error);
    }
    $stmt->bind_param("i", $id); // 'i' for integer, use 's' for string
    $stmt->execute();
    $result = $stmt->get_result();
    if ($result->num_rows > 0) {
        $row = $result->fetch_assoc();
        return $row['Vorname'] . " " . $row['Nachname'];
    } else {
        return "";
    }
}

Vielleicht kannst Du diese Funktion ja einfach mal ausprobieren. Es würde mich interessieren, ob die ganze Sache so funktioniert.

Master643

Fragesteller

29.04.2024, 19:27

ES FUNKTIONIERT!!! Mir ist zwar noch immer schleierhaft warum (an den Backticks sollte es nicht liegen, weil ich hatte es auch die ganze Zeit ohne sie probiert) aber es funktioniert.

Aber eine Frage noch: Ich hatte bisher zum verhindern von SQL-Injection immer real_escape_string verwendet. Was ist der Unterschied zu den Prepared-Statements?

HANSPAULKlAUS

29.04.2024, 19:36

@Master643

Perfekt. Freut mich, dass die Lösung funktioniert. Warum der neue Code funktioniert aber der alte nicht, weiß ich leider auch nicht genau.

Zu Deiner Frage zu dem Unterschied zwischen real_escape_string und Prepared-Statements:

real_escape_string
- Die Funktion wird verwendet, um spezielle Zeichen in einem String, die in SQL-Befehlen eine besondere Bedeutung haben könnten, zu "escapen". Dadurch wird vermieden, dass diese Zeichen die Struktur der SQL-Anfrage verändern können. Zeichen wie Anführungszeichen, Backslashes und andere werden so modifiziert, dass sie sicher in einem SQL-Statement eingefügt werden können.

Prepared Statements
- Prepared Statements sind eine robustere Methode zur Verhinderung von SQL-Injection. Bei dieser Methode wird die SQL-Anfrage vom Datenbankserver vorab kompiliert und gespeichert. Die Daten (Parameter) werden dann von den eigentlichen SQL-Befehlen getrennt behandelt. Die Hauptvorteile von Prepared Statements sind erhöhte Sicherheit und manchmal verbesserte Performance bei wiederholten Ausführungen desselben Statements. Da die SQL-Struktur bereits festgelegt ist, können Parameter die Logik der Anfrage nicht verändern, selbst wenn sie schädlichen Code enthalten.

Ich habe meine Seiten vor einer ganzen Weile schon zu Prepared-Statements umgestellt und habe bisher nur gute Erfahrungen damit gemacht. Ich würde Dir auf jeden Fall empfehlen, Dich mal in das Thema einzuarbeiten. Notfalls kann Dir Chat-GPT da sicher bei helfen und Dir gute Code-Beispiele zu geben. Ich wünsche Dir auf jeden Fall weiterhin viel Erfolg.

Destranix

Von gutefrage auf Grund seines Wissens auf einem Fachgebiet ausgezeichneter Nutzer

Computer, Technik, programmieren

29.04.2024, 16:36

Womöglich wird "false" zurückgegeben, da ein Fehler vorliegt?

Master643

Fragesteller

29.04.2024, 16:39

Aber erstens: Warum? Klappt doch an anderer Stelle im Programm auch.

Und zweitens: Warum kommt dann diese komische Fehlermeldung bei der "connect_error" Abfrage?

Destranix

29.04.2024, 16:41

@Master643

Was für ein Fehler vorliegt müsstest du mittels passender Funktion testen.

Der Fehler bei "connect_error" ist wohl, dass das Attribut nicht existiert. Warum, das musst du selbst prüfen. Womöglich ist "$conn" noch nicht erstellt oder in einem anderem Scope. Oder aber es ist invalide.

Destranix

29.04.2024, 16:43

@Master643

Referenz siehe hier:

https://www.php.net/manual/en/book.mysqli.php

Da wird auch beschrieben, welche weiteren Fehler-Funktionen es gibt.

cleanercode

29.04.2024, 19:47

Der Code von HANSPAUL... funktioniert, weil die prepare- und execute-Anweisungen vorhanden sind und mysqli richtig benutzt wird. Welcher Grund liegt für $global conn; vor?

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$user = check_user();

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ausgibt, was auch funktioniert.

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Aber irgendwie bin ich auf dem Holzweg, weil das nicht hinhaut.

Ich würde mich total über eine Hilfestellung freuen.

Danke.

Warning: Array to string conversion in

  // Create connection
  $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
  
  // Check connection
  if ($conn->connect_error) {
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error);
  }
  
  $sql = "SELECT versendet FROM obwacht WHERE ersteller like '$user'";
  $result = $conn->query($sql);
  
  if ($result->num_rows > 0) {
    // output data of each row
    while ($row = $result->fetch_assoc()) {
      echo "Versendet: " . $row["versendet"]. " - Name: " . $row["ersteller"]. "<br>";
    }
  }
  else {
    echo "0 results";
  }
  
  $conn->close();
?>

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<?php

  $servername = "localhost";
  $username = "blabla";
  $password = "blabla";
  $dbname = "blabla";

  // variables submited by user
  $loginUser = $_POST["loginUser"];
  $loginPass = $_POST["loginPass"];

  // Create connection
  $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);

  // Check connection
  if ($conn->connect_error) {
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error);
  }

  echo "Conected successfully, now we will show the users.<br><br>";

  $sql = "SELECT password FROM users WHERE username = " . $loginUser;
  $result = $conn->query($sql);

  if ($result->num_rows > 0) {
    // output data of each row
    while ($row = $result->fetch_assoc()) {
      if ($row["password"] == $loginPass) {
        echo "login Success";
      }
      else {
        echo "wrong credentials";
      }
    }
  }
  else {
    echo "Username does not exist";
  }

  $conn->close();
?>

Das ist mein Unity-Code:

void Start()
{
  // A correct website page.
  StartCoroutine(Login("testuser", "123456"));
}

IEnumerator Login(string username, string password)
{
  WWWForm form = new WWWForm();
  form.AddField("loginUser", username);
  form.AddField("loginPass", password);

  using (UnityWebRequest www = UnityWebRequest.Post("http://blabla/Login.php", form))
  {
    yield return www.SendWebRequest();

    if www.result != UnityWebRequest.Result.Success)
    {
      Debug.Logwww.error);
    }
    else
    {
      Debug.Logwww.downloadHandler.text);
    }
  }
}

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Und wenn ich auf das PHP-Dokument im Internet gehe:

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Warning: Undefined array key "wert1" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 6

Warning: Undefined array key "wert2" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 7

Warning: Undefined array key "wtyp1" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 8

Warning: Undefined array key "wtyp2" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 9

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<?php

$wert1=$_POST["wert1"];

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$wtyp1=$_POST["wtyp1"];

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Danke

// Create connection

$conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);

// Check connection

if ($conn->connect_error) {

die("Connection failed: " . $conn->connect_error);

}

$user1 = ($user['vorname']);

$sql = "SELECT punkte, Vorname, Nachname, punkte*satz/100 AS erloes FROM punkte1 WHERE Vorname like '$user1'";

$result = $conn->query($sql);

if ($result->num_rows > 0) {

// output data of each row

while($row = $result->fetch_assoc()) {

echo " Du hast: " . $row[„erloes“]. " Punkte verdient. " . " ";

}

} else {

echo "Keine Daten hinterlegt";

}

$conn->close();

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Kann mir da jemand sagen wo der Fehler liegt ? Ich bin da am verzweifeln.

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login.php:

<?php
   $server = 'localhost';
   $user = 'root';
   $psw = null;
   $dbName = 'TestApp';
try {
   $conn = new PDO('mysql:host='.$server.';dbname='.$dbName.';charset=utf8', $user, $psw);
   $conn->setAttribute(PDO::ATTR_ERRMODE, PDO::ERRMODE_EXCEPTION);
   $conn->setAttribute(PDO::ATTR_EMULATE_PREPARES, false);

    $username = htmlspecialchars(stripslashes(trim($_POST['username'])));
    $password = htmlspecialchars(stripslashes(trim($_POST['password'])));

    $statement = $pdo->prepare("SELECT * FROM user WHERE username = :username");
    $result = $statement->execute(array('username' => $username
                                    ));
    $user = $statement->fetch();
    //Überprüfung des Passworts
    if ($user !== false && password_verify($username, $password['passwort'])) {
        $_SESSION['userid'] = $user['id'];
        die('Login erfolgreich. Weiter zu <a href="geheim.php">internen Bereich</a>');
    } else {
        $errorMessage = "Nutzername oder Passwort war ungültig<br>";
    }

}catch (PDOException $e) {
    print "Error!: " . $e->getMessage() ;
    exit;
  }

Konsole :

<br />
<b>Warning</b>: Undefined variable $pdo in <b>C:\xampp\htdocs\Test\assets\php\login.php</b> on line <b>14</b><br />
<br />
<b>Fatal error</b>: Uncaught Error: Call to a member function prepare() on null in C:\xampp\htdocs\Test\assets\php\login.php:14
Stack trace:
#0 {main}
 thrown in <b>C:\xampp\htdocs\Test\assets\php\login.php</b> on line <b>14</b><br />

register.php

<?php
   $server = 'localhost';
   $user = 'root';
   $psw = null;
   $dbName = 'TestApp';
try {
   $conn = new PDO('mysql:host='.$server.';dbname='.$dbName.';charset=utf8', $user, $psw);
   $conn->setAttribute(PDO::ATTR_ERRMODE, PDO::ERRMODE_EXCEPTION);
   $conn->setAttribute(PDO::ATTR_EMULATE_PREPARES, false);

// POST wird mit AJAX gesendet
   $username = htmlspecialchars(stripslashes((trim($_POST["username"])))) ;
   $password =  password_hash(htmlspecialchars(stripslashes((trim($_POST["password"])))) ,PASSWORD_DEFAULT) ;
   $cash =     100;

// Schreibt in die Datenbank

   $sql = "INSERT INTO user (username,password,cash) VALUES (:username,:password,:cash) ";
   $sqlvars = array("username"  => $username,
   "password" => $password,
   "cash" => $cash);
   $Abfrage = $conn->prepare($sql);
   $Abfrage->execute($sqlvars);


}catch (PDOException $e) {
  print "Error!: " . $e->getMessage() . "<br/>";
  exit;
}

SQL STRUKTUR :

Datenbankname : Test

Tabelle : user , 5 Spalten/Rows

id | int , (auto increment)
username | varchar , (unique)
password | varchar, (gehasht mit salt sha512)
cash | varchar
time | datetime, (mit current time stamp)

und ich mache alles mit AJAX.

-PDO statt mysqli

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Guten Abend, ich habe ein kleines Problem mit meinem PHP Code.

Error:

Warning: Array to string conversion in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Undefined property: stdClass::$Array in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Trying to access array offset on value of type null in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Attempt to read property "name" on null in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6
Error 723#1

index.php:

<?php
$data = file_get_contents("../SystemData.json");
$data = json_decode($data);
if(isset($_GET['title'])){
  if(!empty($_GET['title'])){
    $checkTitle = $data->$_GET['title']->name;
    if(isset($checkTitle)){
      $title = $_GET['title'];
    }else{
      echo "Error 723#1";
      exit;
    }
  }else{
    echo "Error 723#2";
    exit;
  }
}else{
  echo "Error 723#3";
  exit;
}
?>

SystemData.json:

{
    "7293746918450916": {
        "name": "Ein Film Name",
        "poster": "x",
        "source": "film.mp4"
    }
}

Aufgerufene URL:

http://localhost:3000/Player/index.php?title=7293746918450916

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if(in_array($ext,$extension)) {
        $filename=basename($file_name,$ext);
        $newFileName=$filename.time().rand(100000,999999).".".$ext;
try {          move_uploaded_file($file_tmp=$_FILES["formFileMultiple"]["tmp_name"][$key],"uploads/".$newFileName);
} catch(Error $e){
...
}
        
$sql = 'INSERT INTO storage_pictures (owner, picture, tags) VALUES ("'.$_SESSION['username'].'"," uploads/'.$newFileName.'",'."'".$Tags."')";
        if ($conn->query($sql) === TRUE) {
            $WebQuery = $WebQuery."?File".$key."=successFullUploadedWithGeneratedName"; 
        }

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How do i run PHP-Functions before the page unloads bwz. close? I tried `beforunload` but it never really worked. I want to insert a record for analystics into php database. Here is the JavaScript:


```
const beforeUnloadListener = (event) => {
   document.write(' <?php 
		$sql2 = "DELETE FROM `SwiftSpion` WHERE ip = `$ip`";
$result2 = $conn->query($sql2);
	?> ');
}

window.addEventListener("beforeunload", beforeUnloadListener);

	const pageHideListener = (event) => {
    document.write(' <?php 
		$sql2 = "DELETE FROM `SwiftSpion` WHERE ip = `$ip`";
$result2 = $conn->query($sql2);
	?> ');
}
document.onvisibilitychange = function() {
  if (document.visibilityState === 'hidden') {
		document.write(' <?php 
		$sql2 = "DELETE FROM `SwiftSpion` WHERE ip = `$ip`";
$result2 = $conn->query($sql2);
	?> ');
  }
};

window.addEventListener("pagehide", pageHideListener);
```



I expect, that the MySQL-Command works when the user leaves the site.

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Warning: Invalid argument supplied for foreach() in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 30

Mein Code ist folgender:

$sql="SELECT * FROM lizenzübersicht WHERE _NAME = Brinkmann";
foreach ($pdo->query($sql) as $row) {
		
echo "LIZENZÜBERSICHT FÜR FIRMA: ".$row['_FIRMA']."<br /><br />";
echo "Lizenzschlüssel: ".$row['_LIZENZSCHLUESSEL']."<br />";
echo "Produkt-ID: ".$row['_PRODUKTID']."<br />";
echo "Bezeichnung: ".$row['_BEZEICHNUNG']."<br />";	
echo "Gültig bis: ".$row['_GUELTIGBIS']."<br />";
echo "Aktiv: ".$row['_AKTIV']."<br />";
echo "Anzuser: ".$row['_ANZUSER']."<br /><br /><br />";
	
}

Wenn ich "foreach ($pdo->query($sql) as $row)" aus dem Code nehme, kommt diese Meldung:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 32

LIZENZÜBERSICHT FÜR FIRMA:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 33

Lizenzschlüssel:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 34

Produkt-ID:

usw.

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    $email = $_POST["email"];
    $password = $_POST["password"];


    // Daten aus der Datenbank abrufen
    $sql = "SELECT * FROM users WHERE email = '$email'";
    $result = $conn->query($sql);


    if ($result->num_rows > 0) {


        $row = $result->fetch_assoc();


        $hashedPassword = $row["password"];
        
        if (password_verify($password, $hashedPassword)) {
            $errors[] = "0"; // Erfolgscode für erfolgreichen Login
        } else {
            $errors[] = "401"; // Fehlercode für ungültige Anmeldeinformationen
        }
    }else{
        $errors[] = "303";
    }

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