PHP URL INCLUDE?

Moinsen,

ich arbeite momentan an einer Webseite mit PHP und wollte fragen, wie und ob ich eine URL includen kann.

<?php include "https:example.com"?>

geht das überhaupt denn es kommt immer folgender Fehler:

Warning: include(): https:// wrapper is disabled in the server configuration by allow_url_include=0 in C:\Users\PATH\index.php on line 1
Warning: includehttps://example.com/head.php): Failed to open stream: no suitable wrapper could be found in C:\Users\49176\Desktop\Development\XAMPP\htdocs\lexi\www\index.php on line 1
Warning: include(): Failed opening 'https://example.com/head.php' for inclusion (include_path='C:\Users\PATH\XAMPP\php\PEAR') in C:\Users\PATH\index.php on line 1

2 Antworten

Vom Fragesteller als hilfreich ausgezeichnet

TheQ86

Nutzer, der sehr aktiv auf gutefrage ist

im Thema programmieren

21.04.2022, 11:58

Also ich geb dir mal nen heißen Tipp. Gleich die erste Warning sagt dir, warum dein Include nicht funktioniert.

Zweitens: es muss https://example.com heißen. Die Slashes sind wichtig.

Woher ich das weiß:Berufserfahrung – Berufserfahrung

Pementrix

Fragesteller

21.04.2022, 12:01

habe ich gesehen, wie kann ich das Problem lösen?
Ich habe in der URL die Slashes drin, habe es nur aus versehen in der Frage raus gelöscht.

TheQ86

21.04.2022, 12:04

@Pementrix

https:// wrapper is disabled in the server configuration by allow_url_include=0

Ich würde mal sagen du gehst in deine php.ini und änderst diese Einstellung auf 1 ;-)

Pementrix

Fragesteller

21.04.2022, 12:13

@TheQ86

hat nun alles geklappt danke

Babelfish

Von gutefrage auf Grund seines Wissens auf einem Fachgebiet ausgezeichneter Nutzer

PHP

21.04.2022, 12:08

In der ersten Fehlermeldung wird dir doch schon der Grund genannt: allow_url_include ist auf 0 gesetzt und damit deaktiviert. Mehr dazu findest du hier:

https://www.php.net/manual/de/filesystem.configuration.php

Aber auch wenn du das aktivierst – wovon ich dir abrate – funktioniert das ganze auch nur dann, wenn auf dem anderen Server kein PHP aktiviert ist, da ansonsten die head.php schon auf dem anderen Server geparsed wird und du nur die Ausgabe davon bekommst.

Generell stellt allow_url_include ein Sicherheitsrisiko dar, da ein Angreifer damit viel einfacher eigene Script nachladen kann. Wenn möglich, sollte man darauf also verzichten und es anders lösen.

Woher ich das weiß:Berufserfahrung – Entwickle seit > 20 Jahren Anwendungen mit PHP.

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Warning: Undefined array key "wert1" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 6

Warning: Undefined array key "wert2" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 7

Warning: Undefined array key "wtyp1" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 8

Warning: Undefined array key "wtyp2" in C:\xampp\htdocs\p5.php on line 9

Ich habe eine PHP datei, die Html/CSS beinhaltet. Mein PHP teil sieht so aus:

<?php

$wert1=$_POST["wert1"];

$wert2=$_POST["wert2"];

$wtyp1=$_POST["wtyp1"];

$wtyp2=$_POST["wtyp2"];

Da ist doch eigentlich alles richtig

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Warning: Array to string conversion in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Undefined property: stdClass::$Array in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Trying to access array offset on value of type null in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6

Warning: Attempt to read property "name" on null in C:\Users\ali20\Documents\Video Platform\Player\index.php on line 6
Error 723#1

index.php:

<?php
$data = file_get_contents("../SystemData.json");
$data = json_decode($data);
if(isset($_GET['title'])){
  if(!empty($_GET['title'])){
    $checkTitle = $data->$_GET['title']->name;
    if(isset($checkTitle)){
      $title = $_GET['title'];
    }else{
      echo "Error 723#1";
      exit;
    }
  }else{
    echo "Error 723#2";
    exit;
  }
}else{
  echo "Error 723#3";
  exit;
}
?>

SystemData.json:

{
    "7293746918450916": {
        "name": "Ein Film Name",
        "poster": "x",
        "source": "film.mp4"
    }
}

Aufgerufene URL:

http://localhost:3000/Player/index.php?title=7293746918450916

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Warning: mysql_connect(): php_network_getaddresses: getaddrinfo failed: Der angegebene Host ist unbekannt. in C:\xampp\htdocs\kannicheuchnichtsagen.php on line 7

hier ist line 7:

$verbindung = mysql_connect("localhost, vanille")

Der Sinn dieses Programmes ist, die eingebenen Daten direkt in eine Datenbank zu speichern welche ich unter dem Namen ''vanille'' abgespeichert habe. Ich benutze übrigens den Localhost.

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Warning: session_start() [function.session-start]: Session cannot be started after headers have already been sent in /users/mouad/www/shop.php on line 1

Dies ist der Fall seit ich Sie auf einem Server hochgeladen habe. Danke im voraus!

Der PHP Teil:

<?php session_start();

?>
<?php
$_SESSION["1N"] = "Gigolo";
$_SESSION["1P"] = "59,99€";
$_SESSION["2N"] = "Fighter";
$_SESSION["2P"] = "39,99€";
$_SESSION["3N"] = "Cosplaer";
$_SESSION["3P"] = "31,99€";
$_SESSION["4N"] = "Monkey D. Luffy";
$_SESSION["4P"] = "37,49€";
$_SESSION["5N"] = "Bergnase Ben";
$_SESSION["5P"] = "14,99€";
$_SESSION["6N"] = "Ginger Gina";
$_SESSION["6P"] = "24,99€";
$_SESSION["7N"] = "Adrian V. Soka";
$_SESSION["7P"] = "34,99€";
$_SESSION["8N"] = "Mr. Gigo";
$_SESSION["8P"] = "6,99€";

?>

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Fatal error: Uncaught PDOException: SQLSTATE[HY000] [1045] Access denied for user 'root'@'localhost' (using password: YES) in C:\xampp\htdocs\pfad\index.php:10 Stack trace: #0 C:\xampp\htdocs\pfad\index.php(10): PDO->__construct('mysql:host=loca...', 'root', 'passwort123') #1 {main} thrown in C:\xampp\htdocs\pfad\index.php on line 10

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$stmt = $link->prepare('SELECT * FROM tickets ORDER BY created DESC');
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$resultSet = $stmt->get_result();

// pull all results as an associative array
$tickets = $resultSet->fetch_all();

<?php foreach ($tickets as $ticket): ?>
  <a href="view.php?id=<?= $ticket['id'] ?>" class="ticket">
    <span class="con">
      <?php if ($ticket['status'] == 'open'): ?>
        <i class="far fa-clock fa-2x"></i>
      <?php elseif ($ticket['status'] == 'resolved'): ?>
        <i class="fas fa-check fa-2x"></i>
      <?php elseif ($ticket['status'] == 'closed'): ?>
        <i class="fas fa-times fa-2x"></i>
      <?php endif; ?>
    </span>
    <span class="con">
      <span class="title"><?= htmlspecialchars($ticket['title'], ENT_QUOTES) ?></span>
      <span class="msg"><?= htmlspecialchars($ticket['msg'], ENT_QUOTES) ?></span>
    </span>
    <span class="con created"><? date('F dS, G:ia', strtotime($ticket['created'])) ?></span>
  </a>

Fehler:

C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 271
" class="ticket">
Warning: Undefined array key "status" in C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 273

Warning: Undefined array key "status" in C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 275

Warning: Undefined array key "status" in C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 277

Warning: Undefined array key "title" in C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 282

Warning: Undefined array key "msg" in C:\xampp\htdocs\ticket.php on line 283

Kann mir jemand sagen, ob ich etwas übersehen habe?

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SQLite3 lässt sich nicht installieren?

Hi. Also ich hab mal die PHP.exe gestartet und bekomme dann

PHP Warning: Module "sqlite3" is already loaded in Unknown on line 0
Warning: Module "sqlite3" is already loaded in Unknown on line 0

Meine php.ini (Nur der Teil mit den extensions):

extension=pdo_sqlite
extension=sqlite3
extension=pdo_sqlite.dll
extension=php_sqlite3
sqlite3.extension_dir = "C:\php81\ext"
extension=mysqli
extension=sqlite
extension=pdo_sqlite
extension=mbstring
extension=curl
extension=pdo_mysql
extension=pdo
extension=pdo_firebird
extension=pdo_informix
extension=pdo_mysql
extension=pdo_oci
extension=oci8
extension=pdo_odbc
extension=pdo_pgsql

Ich hab zwar den Fehler das es bereits geladen ist, ich kann die Klasse aber trotzdem nicht verwenden:

Fatal error: Uncaught Error: Class "SQLite3 not found in C:\Apache24\htdocs\projectname\sampler\index.php:4 Stack trace: #0 {main} thrown in C:\Apache24\htdocs\projectname\sampler\index.php on line 4

Mein PHP Code:

<?php
    session_start();

    $db = new SQLite3('my.db');

    $db->exec("CREATE TABLE `eigenschaften` (
                   `titel` TEXT,
                   `beschreibung` TEXT,
                   `samplerate` INT,
                   `endung` TEXT,
                   `bitrate` INT,
                   `laenge` INT
               );");
?>

Weiß jemand woran das liegt?

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Not Found

The requested URL was not found on this server.

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if($id=="news") {  
   include('news.php'); 
}

Die id wird vorher noch deklariert :

$id = $_GET["id"];

Die id steht dann hinterher auch so in der URL. Hab dies mit der .htaccess festgelegt. Jetzt möchte ich eine news-seite erstellen. Wie kann ich das so machen, dass die URL dann so aussieht:

www.example.com/news/artikelnummer

ich möchte, dass es für news praktisch eine Startseite gibt: example.com/news , die immer dann erscheint wenn ich oben im Menü auf news klicke. auf dieser Startseite kann man dann den Artikel anklicken und es wird der Artikel geladen und die URL ändert sich auf news/Artikelnummer. kann man das mit dem include Befehl machen oder gibt es da andere Möglichkeiten?

LG Calamann

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PHP, MySQL Fehler: "Invalid argument supplied for foreach()"?

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Bei der Abfrage und Ausgabe von Daten meiner Datenbank kommt eine Fehlermeldung:

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 30

Mein Code ist folgender:

$sql="SELECT * FROM lizenzübersicht WHERE _NAME = Brinkmann";
foreach ($pdo->query($sql) as $row) {
		
echo "LIZENZÜBERSICHT FÜR FIRMA: ".$row['_FIRMA']."<br /><br />";
echo "Lizenzschlüssel: ".$row['_LIZENZSCHLUESSEL']."<br />";
echo "Produkt-ID: ".$row['_PRODUKTID']."<br />";
echo "Bezeichnung: ".$row['_BEZEICHNUNG']."<br />";	
echo "Gültig bis: ".$row['_GUELTIGBIS']."<br />";
echo "Aktiv: ".$row['_AKTIV']."<br />";
echo "Anzuser: ".$row['_ANZUSER']."<br /><br /><br />";
	
}

Wenn ich "foreach ($pdo->query($sql) as $row)" aus dem Code nehme, kommt diese Meldung:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 32

LIZENZÜBERSICHT FÜR FIRMA:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 33

Lizenzschlüssel:

Notice: Undefined variable: row in C:\xampp\htdocs\phpform\phpform.php on line 34

Produkt-ID:

usw.

Danke für jede Hilfe und Antwort :)

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PHP: mit if-Bedingung neue Seite öffnen

habe bis jetzt:

        if($_POST["passwort"]=="XYXYXY")
            {
             include 'index.php';
            }
        else
            {
            echo '
            <form action="" method="post">
            <input type="Password" name="passwort">
            </form> ';
            }

nun möchte ich aber nicht include sondern, dass es die den link öffnet.

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Warning: Cannot modify header information - headers already sent by (output started at C:\Users\JanFe\OneDrive\Dokumente\PHPStorms_Projects\SSR_Webite(1)\layout\sidebar.php:19) in C:\Users\JanFe\OneDrive\Dokumente\PHPStorms_Projects\SSR_Webite(1)\kalender\popup.php on line 18

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Das sieht bis jetzt so aus:

$abfrage = "SELECT account_type FROM users WHERE id = $id";
							$ergebnis = mysqli_query($link, $abfrage);
                            
							$_SESSION["accounttype"] = $ergebnis;

<label>Account Type: </label>
		<h4><?php echo $_SESSION["accounttype"] ?></h4>

Jetzt wird aber nur ein Error angezeigt, dass der Output kein String ist:

Fatal error: Uncaught Error: Object of class mysqli_result could not be converted to string in C:\xampp\htdocs\welcome.php:47 Stack trace: #0 {main} thrown in C:\xampp\htdocs\welcome.php on line 47

Nun ist meine Frage: Wie kann ich mysqli_result zu einem String konvertieren?

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